2023年重庆市中考数学真题(B卷)(解析版)

（B卷）

一、选择题：（本大题10个小题，每小题4分，共40分）在每个小题的下面，都给出了代号为A，B，C，D的四个答案，其中只有一个是正确的，请将答题．．卡上题号右侧正确答案所对应的方框涂黑．．

1.4的相反数是（A.）B.1

414C.4D.4

【答案】D【解析】【分析】只有符号不同的两个数叫做互为相反数，由此即可得到答案．【详解】解：4的相反数是4，故选：D．【点睛】本题考查相反数的概念，关键是掌握相反数的定义．2.四个大小相同的正方体搭成的几何体如图所示，从正面看到的视图是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】从正面看到的有三列，从左到右正方形的个数依次是1，1，2，据此判断即可.【详解】解：从正面看到的视图是：，故选：A.【点睛】本题考查了几何体的视图，明确从正面看到的视图是解题关键.3.如图，直线a，b被直线c所截，若ab，163，则2的度数为()．第1页/共27页A.27【答案】C【解析】B.53C.63D.117

【分析】求2的度数，根据平行线的性质求解即可．【详解】∵ab，∴1263，故选：C．【点睛】此题考查了平行线的性质，解题的关键熟练掌握两直线平行，内错角相等的性质．已知ABC∽EDC，AC:EC2:3，若AB的长度为6，则DE的长度为（4.如图，）A.4【答案】B【解析】B.9C.12D.13.5

【分析】根据相似三角形的性质即可求出．【详解】解：∵ABC∽EDC，∴AC:ECAB:DE，∵AC:EC2:3，AB6，∴2:36:DE，∴DE9，故选：B.【点睛】此题考查的是相似三角形的性质,掌握相似三角形的边长比等于相似比是解决此题的关键.5.反比例函数yA.6

的图象一定经过的点是（xB.）C.3,22,32,4D.2,3【答案】D【解析】第2页/共27页【分析】根据反比例函数的定义，只要点的横纵坐标之积等于k即可判断该点在函数图象上，据此求解.【详解】解：∵326,236,248,236，∴点2,3在反比例函数y故选：D.【点睛】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特点，熟知点的横纵坐标满足函数解析式是解题关键.6.用圆圈按如图所示的规律拼图案，其中第①个图案中有2个圆圈，第②个图案中有5个圆圈，第③个图案中有8个圆圈，第④个图案中有11个圆圈，…，按此规律排列下去，则第⑦个图案中圆圈的个数为（）6

的图象上，xA.14【答案】B【解析】B.20C.23D.26【分析】根据前四个图案圆圈的个数找到规律，即可求解.【详解】解：因为第①个图案中有2个圆圈，2311；第②个图案中有5个圆圈，5321；第③个图案中有8个圆圈，8331；第④个图案中有11个圆圈，11341；…，所以第⑦个图案中圆圈的个数为37120；故选：B.【点睛】本题考查了图形类规律探究，根据前四个图案圆圈的个数找到第n个图案的规律为3n1是解题的关键.7.估计56

1的值应在（5B.5和6之间）C.6和7之间D.7和8之A.4和5之间间【答案】A第3页/共27页【解析】【分析】先计算二次根式的乘法，再根据无理数的估算即可得．【详解】解：561301，5253036，253036，即5306，43015，故选：A．【点睛】本题考查了二次根式的乘法、无理数的估算，熟练掌握二次根式的乘法法则是解题关键．8.如图，AB为O的直径，直线CD与O相切于点C，连接AC，若ACD50，则BAC的度数为（）A.30【答案】B【解析】B.40

C.50D.60

【分析】连接OC，先根据圆的切线的性质可得OCD90，从而可得OCA40，再根据等腰三角形的性质即可得．【详解】解：如图，连接OC，直线CD与O相切，OCCD，第4页/共27页OCD90，ACD50，OCA40，OAOC，BACOCA40，故选：B．【点睛】本题考查了圆的切线的性质、等腰三角形的性质，熟练掌握圆的切线的性质是解题关键．9.如图，在正方形ABCD中，O为对角线AC的中点，E为正方形内一点，连接BE，BEBA，连接CE并延长，与ABE的平分线交于点F，连接OF，若AB2，则OF的长度为（）A.2【答案】D【解析】【分析】连接B.3C.1D.2AF，根据正方形ABCD得到ABBCBE，ABC90，根据角平分线的性质和等腰三角形的性质，求得BFE45，再证明ABF≌EBF，求得AFC90，最后根据直角三角形斜边上的中点等于斜边的一半，即可求出OF的长度．【详解】解：如图，连接AF，四边形ABCD是正方形，ABBEBC，ABC90，AC2AB22，第5页/共27页BECBCE，EBC1802BEC，ABEABCEBC2BEC90，BF平分ABE，1

ABFEBFABEBEC45，2BFEBECEBF45，在△BAF与△BEF,ABEB

ABFEBF，BFBF

△BAF≌△BEFSAS，BFEBFA45，AFCBAFBFE90，O为对角线AC的中点，OF

1

AC2，2故选：D．【点睛】本题考查了等腰三角形的判定和性质，三角形内角和定理，正方形的性质，直角三角形特征，作出正确的辅助线，求得BFE45是解题的关键．10.在多项式xyzmn（其中xyzmn)中，对相邻的两个字母间任意添加绝对值符号，添加绝对值符号后仍只有减法运算，然后进行去绝对值运算，称此为“绝对操xy|zm|nxyzmn，xyzmnxyzmn，作”．例如：．下列说法：①存在“绝对操作”，使其运算结果与原多项式相等；②不存在“绝对操作”，使其运算结果与原多项式之和为0；③所有的“绝对操作”共有7种不同运算结果．其中正确的个数是(A.0【答案】C【解析】【分析】根据给定的定义，举出符合条件的说法①和②．说法③需要对绝对操作分析添加一个和两个绝对值的情况，并将结果进行比较排除相等的结果，汇总得出答案．)B.1C.2D.3第6页/共27页【详解】解：xyzmnxyzmn，故说法①正确．若使其运算结果与原多项式之和为0，必须出现x，显然无论怎么添加绝对值，都无法使x的符号为负，故说法②正确．当添加一个绝对值时，共有4种情况，分别是xyzmnxyzmn；xyzmnxyzmn

；xy|zm|nxyzmn；xyzmnxyzmn．当添加两个绝对值时，共有3种情况，分别是xyzmnxyzmn

；xyzmnxyzmn

；xyzmnxyzmn．共有7种情况；有两对运算结果相同，故共有5种不同运算结果，故说法③不符合题意．故选：C．【点睛】本题考查新定义题型，根据多给的定义，举出符合条件的代数式进行情况讨论；需要注意去绝对值时的符号，和所有结果可能的比较．主要考查绝对值计算和分类讨论思想的应用．二、填空题：（本大题8个小题，每小题4分，共32分）请将每小题的答案直接填在答题卡中对应的撗线上．．．．

11.计算：5(23)________．【答案】6【解析】【分析】根据绝对值、零指数幂法则计算即可．【详解】解：5(23)516．故答案为：6．【点睛】本题考查了实数的混合运算，熟练掌握相关运算法则是解决本题的关键．12.有四张完全一样正面分别写有汉字“清”“风”“朗”“月”的卡片，将其背面朝上并洗匀，从中随机抽取一张，记下卡片正面上的汉字后放回，洗匀后再从中随机抽取一张，则抽取的两张卡片上的汉字相同的概率是________．【答案】【解析】【分析】根据列表法求概率即可求解．001

4【详解】解：列表如下，第7页/共27页清清风朗月清清风清朗清月清风清风风风朗风月风朗清朗风朗朗朗月朗月清月风月朗月月月共有16中等可能结果，其中，抽取的两张卡片上的汉字相同的情形有4种，∴抽取的两张卡片上的汉字相同的概率是1，4故答案为：1．4【点睛】本题考查了列表法求概率，熟练掌握列表法求概率是解题的关键．13.若七边形的内角中有一个角为100，则其余六个内角之和为________．【答案】800##800度【解析】【分析】根据多边形的内角和公式180n2即可得．【详解】解：∵七边形的内角中有一个角为100，∴其余六个内角之和为18072100800，故答案为：800．【点睛】本题考查了多边形的内角和，熟记多边形的内角和公式是解题关键．14.如图，在ABC中，ABAC，AD是BC边的中线，若AB5，BC6，则AD的长度为________．【答案】4【解析】【分析】根据等腰三角形的性质和勾股定理求解即可．【详解】解：∵在ABC中，ABAC，AD是BC边的中线，第8页/共27页∴ADBC，BD

1

BC，21

BC3，2在Rt△ABD中，AB5，BD∴AD

AB2BD252324，故答案为：4．【点睛】本题考查等腰三角形的性质、勾股定理，熟练掌握等腰三角形的三线合一性质是解答的关键．15.为了加快数字化城市建设，某市计划新建一批智能充电桩，第一个月新建了301个充电桩，第三个月新建了500个充电桩，设该市新建智能充电桩个数的月平均增长率为x，根据题意，请列出方程________．【答案】301(1x)2500【解析】【分析】根据变化前数量(1x)2变化后数量，即可列出方程．【详解】第一个月新建了301个充电桩，该市新建智能充电桩个数的月平均增长率为x．第二个月新建了301(1x)个充电桩，第三个月新建了301(1x)2个充电桩，第三个月新建了500个充电桩，于是有301(1x)2500，故答案为301(1x)2500．【点睛】本题考查了一元二次方程的实际应用中的增长率问题，若设平均增长率为x，则有a(1x)nb，其中a表示变化前数量，b表示变化后数量，n表示增长次数．解决增长率问题时要注意区分变化前数量和变化后数量，同时也要注意变化前后经过了几次增长．16.如图，在矩形ABCD中，AB2，BC4，E为BC的中点，连接AE，DE，以E为圆心，EB长为半径画弧，分别与AE，DE交于点M，N，则图中阴影部分的面积为________．（结果保留π）【答案】4【解析】【分析】利用矩形的性质求得ABCD2,BECE2，进而可得第9页/共27页然后根据S阴影2SABES扇形BEM解答即可．BAEAEBDECCDE45，【详解】解：∵四边形ABCD是矩形，AB2，BC4，E为BC的中点，∴ABCD2,BECE

1

BC2，ABCDCB90，2∴BAEAEBDECCDE45，∴S阴影1452212SABES扇形BEM=222224；23602故答案为：4．【点睛】本题考查了矩形的性质和不规则面积的计算，熟练掌握矩形的性质、明确阴影面积为两个全等的等腰直角三角形的面积减去两个圆心角为45的扇形面积是解题关键．x2x1

的解集为x<2，且关于y的分式方程17.若关于x的不等式组324xax1a2y2

2的解为正数，则所有满足条件的整数a的值之和为________．y11y

【答案】13【解析】【分析】先求出一元一次不等式组中两个不等式的解集，从而可得a5，再解分式方程可得a2且a1，从而可得2a5且a1，然后将所有满足条件的整数a的值相加即可得．x2x

1①

【详解】解：3，24xax1②

解不等式①得：x<2，解不等式②得：x

a1

，3x2x

1

∵关于x的不等式组3的解集为x<2，24xax1

a1

2，3解得a5，a2y2

2可化为a2y22y1，方程y11y第10页/共27页解得y

a2

，3a2y2

2的解为正数，y11y关于y的分式方程

a2a2

0且10，33解得a2且a1，2a5且a1，则所有满足条件的整数a的值之和为10234513，故答案为：13．【点睛】本题考查了一元一次不等式组、分式方程，熟练掌握不等式组和分式方程的解法是解题关键．18.对于一个四位自然数M，若它的千位数字比个位数字多6，百位数字比十位数字多2，则称M为“天真数”．如：四位数7311，∵716，312，∴7311是“天真数”；四位数8421，∵816，∴8421不是“天真数”，则最小的“天真数”为________；一个“天真数”M的千位数字为a，百位数字为b，十位数字为c，个位数字为d，记PM3abcd，QMa5，若最大值为________．【答案】【解析】①.6200②.9313PM能被10整除，则满足条件的M的QM【分析】根据题中“天真数”可求得最小的“天真数”；先根据题中新定义得到cdab8，进而PM4ab8

，若M最大，只需千位数字a取最大，即QMa5PM能被10整除求得b3，进而可求解．a9，再根据QM【详解】解：根据题意，只需千位数字和百位数字尽可能的小，所以最小的“天真数”为6200；根据题意，ad6，bc2，6a9，2b9，则cdab8，∴PM3abcd4ab8，∴PM4ab8

，QMa5若M最大，只需千位数字a取最大，即a9，第11页/共27页PM49b8

7b，∴QM95PM∵能被10整除，QM∴b3，∴满足条件的M的最大值为9313，故答案为：6200，9313．【点睛】本题是一道新定义题，涉及有理数的运算、整式的加减、数的整除等知识，理解新定义是解答的关键．三、解答题：（本大题8个小题，第19题8分，其余每题各10分，共78分）解答时每小题必须给出必要的演算过程或推理步骤，画出必要的图形（包括辅助线），请将解答过程书写在答题卡中对应的位置上．．．．

19.计算：（1）xx6x3；2n9m2n2

（2）3．mm

【答案】（1）2x29（2）13mn【解析】【分析】（1）先根据单项式乘以多项式的法则、完全平方公式计算，再合并同类项；（2）根据分式混合运算的法则解答即可．【小问1详解】解：xx6x32x26xx26x92x29；【小问2详解】n9m2n2

解：3

mm

3mnmm3mn3mn第12页/共27页

1

．3mn【点睛】本题考查了整式和分式的运算，属于基本计算题型，熟练掌握整式和分式混合运算的法则是解题的关键．20.学习了平行四边形后，小虹进行了拓展性研究．她发现，如果作平行四边形一条对角线的垂直平分线，那么这个平行四边形的一组对边截垂直平分线所得的线段被垂足平分．她的解决思路是通过证明对应线段所在的两个三角形全等得出结论．请根据她的思路完成以下作图与填空：用直尺和圆规，作AC的垂直平分线交DC于点E，交AB于点F，垂足为点O．（只保留作图痕迹）已知：如图，四边形ABCD是平行四边形，AC是对角线，EF垂直平分AC，垂足为点O．求证：OEOF．证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴DC∥AB．∴ECO

①．∵EF垂直平分AC，∴②．．又EOC___________③∴COEAOFASA．∴OEOF．小虹再进一步研究发现，过平行四边形对角线AC中点的直线与平行四边形一组对边相交形成的线段均有此特征．请你依照题意完成下面命题：过平行四边形对角线中点的直线④．【答案】作图：见解析；FAO；AOCO；FOA；被平行四边形一组对边所截，截得的线段被对角线中点平分【解析】【分析】根据线段垂直平分线的画法作图，再推理证明即可并得到结论．【详解】解：如图，即为所求；第13页/共27页证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴DC∥AB．∴ECOFAO．∵EF垂直平分AC，∴AOCO．又EOCFOA．∴COEAOFASA．∴OEOF．故答案为：FAO；AOCO；FOA；由此得到命题：过平行四边形对角线中点的直线被平行四边形一组对边所截，截得的线段被对角线中点平分，故答案为：被平行四边形一组对边所截，截得的线段被对角线中点平分．【点睛】此题考查了平行四边形的性质，作线段的垂直平分线，全等三角形的判定和性质，熟练掌握平行四边形的性质及线段垂直平分线的作图方法是解题的关键．21.某洗车公司安装了A，B两款自动洗车设备，工作人员从消费者对A，B两款设备的满意度评分中各随机抽取20份，并对数据进行整理、描述和分析（评分分数用x表示，分为四个等级，不满意x70，比较满意70x80，满意80x90，非常满意x90），下面给出了部分信息．抽取的对A款设备的评分数据中“满意”包含的所有数据：83，85，85，87，87，89；抽取的对B款设备的评分数据：68，69，76，78，81，84，85，86，87，87，87，89，95，97，98，98，98，98，99，100．抽取的对A，B款设备的评分统计表第14页/共27页设备AB平均数8888中位数众数96“非常满意”所占百分比45%40%m

87n

根据以上信息，解答下列问题：（1）填空：a_______，m_______，n_______；（2）5月份，有600名消费者对A款自动洗车设备进行评分，估计其中对A款自动洗车设备“比较满意”的人数；（3）根据以上数据，你认为哪一款自动洗车设备更受消费者欢迎？请说明理由（写出一条理由即可）．【答案】（1）15，88，98（2）90【解析】【分析】（1）先根据“满意”的人数除以总人数求得“满意”所占百分比，进而求得a，再根据中位数和众数的定义求得m，n；（2）利用样本估计总体即可；（3）根据平均数、中位数、众数及“非常满意”所占百分比即可得出结论．【小问1详解】解：抽取的对A款设备的评分数据中“满意”的有6份，（3）A款，理由：评分数据中A款的中位数比B款的中位数高（答案不唯一）“满意”所占百分比为：6

100%30%，20“比较满意”所占百分比为：130%45%10%15%，a15，抽取的对A款设备的评分数据中的中位数是第10份和第11份数据的平均数，“不满意”和“满意”的评分有2010%15%5（份），第10份和第11份数据为“满意”，评分分别为87，89，m878988，2抽取的对B款设备的评分数据中出现次数最多的是98，n98，故答案为：15，88，98；【小问2详解】解：600名消费者对A款自动洗车设备“比较满意”的人数为：60015%90（人），答：600名消费者对A款自动洗车设备“比较满意”的人数为90人．第15页/共27页【小问3详解】解：A款自动洗车设备更受欢迎，理由：评分数据中A款的中位数比B款的中位数高（答案不唯一）．【点睛】本题考查了扇形统计图，中位数，众数，样本估计总体，从统计图表中获取信息时，认真观察、分析，理解各个数据之间的关系是解题的关键．22.如图，ABC是边长为4的等边三角形，动点E，F分别以每秒1个单位长度的速度同时从点A出发，点E沿折线ABC方向运动，点F沿折线ACB方向运动，当两者相遇时停止运动．设运动时间为t秒，点E，F的距离为y．（1）请直接写出y关于t的函数表达式并注明自变量t的取值范围；（2）在给定的平面直角坐标系中画出这个函数的图象，并写出该函数的一条性质；（3）结合函数图象，写出点E，F相距3个单位长度时t的值．【答案】（1）当0t4时，yt；当4t6时，y122t；（2）图象见解析，当0t4时，y随x的增大而增大（3）t的值为3或4.5【解析】【分析】（1）分两种情况：当0t4时，根据等边三角形的性质解答；当4t6时，利用周长减去2AE即可；（2）在直角坐标系中描点连线即可；（3）利用y3分别求解即可．【小问1详解】解：当0t4时，连接EF，第16页/共27页由题意得AEAF，A60，∴△AEF是等边三角形，∴yt；当4t6时，y122t；【小问2详解】函数图象如图：当0t4时，y随t的增大而增大；【小问3详解】当0t4时，y3即t3；当4t6时，y3即122t3，解得t4.5，故t的值为3或4.5．【点睛】此题考查了动点问题，一次函数的图象及性质，解一元一次方程，正确理解动点问题是解题的关键．23.某粮食生产基地为了落实在适宜地区开展双季稻中间季节再种一季油菜的号召，积极扩大粮食生产规模，计划用基地的甲、乙两区农田进行油菜试种．甲区的农田比乙区的农田多10000亩，甲区农田的80%和乙区全部农田均适宜试种，且两区适宜试种农田的面积刚好相同．（1）求甲、乙两区各有农田多少亩？（2）在甲、乙两区适宜试种的农田全部种上油菜后，为加强油菜的虫害治理，基地派出一批性能相同的无人机，对试种农田喷洒除虫药，由于两区地势差别，派往乙区的无人机架次是甲区的1.2倍（每架次无人机喷洒时间相同），喷洒任务完成后，发现派往甲区的每架次无人机比乙区的平均多喷洒50

亩，求派往甲区每架次无人机平均喷洒多少亩？3第17页/共27页【答案】（1）甲区有农田50000亩，乙区有农田40000亩（2）100亩【解析】【分析】（1）设甲区有农田x亩，则乙区有农田x10000亩，根据甲区农田的80%和乙区全部农田均适宜试种，且两区适宜试种农田的面积刚好相同建立方程，解方程即可得；（2）设派往甲区每架次无人机平均喷洒y亩，派往甲区的无人机架次为a架次，则派往乙区每架次无人机平均喷洒y





50

亩，派往乙区的无人机架次为1.2a架次，根据两区喷洒3

的面积相同建立方程，解方程即可得．【小问1详解】解：设甲区有农田x亩，则乙区有农田x10000亩，由题意得：80%xx10000，解得x50000，则x10000500001000040000，答：甲区有农田50000亩，乙区有农田40000亩．【小问2详解】解：设派往甲区每架次无人机平均喷洒y亩，派往甲区的无人机架次为a架次，则派往乙区每架次无人机平均喷洒y由题意得：ay1.2ay解得y100，答：派往甲区每架次无人机平均喷洒100亩．【点睛】本题考查了一元一次方程的应用，找准等量关系，正确建立方程是解题关键．24.人工海产养殖合作社安排甲、乙两组人员分别前往海面A，B养殖场捕捞海产品，经测量，A在灯塔C的南偏西60方向，B在灯塔C的南偏东45方向，且在A的正东方向，

50

亩，派往乙区的无人机架次为1.2a架次，3



5050

y1.2y，即，33

AC3600米．（1）求B养殖场与灯塔C的距离（结果精确到个位）；（2）甲组完成捕捞后，乙组还未完成捕捞，甲组决定前往B处协助捕捞，若甲组航行的平第18页/共27页均速度为600米/每分钟，请计算说明甲组能否在9分钟内到达B处？（参考数据：21.414，31.732）【答案】（1）2545米（2）能，说明过程见解析【解析】【分析】（1）过点C作CDAB于点D，先根据含30度角的直角三角形的性质、等腰三角形的判定可得BDCD

1

AC1800米，再解直角三角形即可得；2（2）先解直角三角形求出AD的长，从而可得AB的长，再根据时间等于路程除以速度即可得．【小问1详解】解：如图，过点C作CDAB于点D，由题意得：ACD60,BCD45，A30,BBCD45，BDCDBC

1

AC1800米，2CD

2545米，sin45

答：B养殖场与灯塔C的距离为2545米．【小问2详解】解：ADACsin6018003米，ABADBD180031800米，则甲组到达B处所需时间为1800318006003338.196（分钟）9分钟，所以甲组能在9分钟内到达B处．【点睛】本题考查了解直角三角形的应用，熟练掌握解直角三角形的方法是解题关键．25.如图，在平面直角坐标系中，抛物线y交于点C，其中B3,0，C

12

xbxc与x轴交于点A，B，与y轴40,3．第19页/共27页（1）求该抛物线的表达式；（2）点P是直线AC下方抛物线上一动点，过点P作PDAC于点D，求PD的最大值及此时点P的坐标；（3）在（2）的条件下，将该抛物线向右平移5个单位，点E为点P的对应点，平移后的Q为平移后的抛物线的对称轴上任意一点．抛物线与y轴交于点F，写出所有使得以QF为腰的△QEF是等腰三角形的点Q的坐标，并把求其中一个点Q的坐标的过程写出来．【答案】（1）y

121

xx344（2）PD取得最大值为54

，P2,52

（3）Q点的坐标为【解析】9997,1或,5或,．2224【分析】（1）待定系数法求二次函数解析式即可求解；（2）直线AC的解析式为y3x3，过点P作PEx轴于点E，交AC于点Q，设41341Pt,t2t3，则Qt,t3，则PDPQ，进而根据二次函数的性质即可求4454解；591949

P2,（3）根据平移的性质得出yx，对称轴为直线x，点向224216

2

5222E3,右平移5个单位得到，F0,2，勾股定理分别表示出EF,QE,QF，进而分2

类讨论即可求解．【小问1详解】解：将点B3,0，C

0,3．代入y



12xbxc得，4第20页/共27页1233bc04c31

b解得：4，c3

∴抛物线解析式为：y【小问2详解】∵y

121

xx3，44121

xx3与x轴交于点A，B，44121

xx3044当y0时，解得：x14,x23，∴A4,0,∵C

0,3．设直线AC的解析式为ykx3，∴4k30解得：k

343

x3，4∴直线AC的解析式为y

如图所示，过点P作PEx轴于点E，交AC于点Q，设Pt,t∴PQ

14213t3，则Qt,t3，443111

t3t2t3t2t，4444

∵AQEPQD，AEQQDP90，∴OACQPD，第21页/共27页∵OA4,OC3，∴AC5，∴cosQPD∴PD

PDAO4

cosOAC=，PQAC544114142

PQt2tt2tt2，5545555

41211152

，tt3223，544442∴当t2时，PD取得最大值为5

P2,∴；2

【小问3详解】21211149∵抛物线yxx3x44421691949

将该抛物线向右平移5个单位，得到yx，对称轴为直线x，24216点P2,

2





55

E3,向右平移5个单位得到22

21949∵平移后的抛物线与y轴交于点F，令x0，则y2，4216∴F0,2,∴EF32

2

2

5117242

∵Q为平移后的抛物线的对称轴上任意一点．则Q点的横坐标为设Q

9，2

9,m，2

22225299∴QE3m，QF2m2，22211729当QFEF时，m2，42

解得：m1或m5，2

第22页/共27页5299当QEQF时，3mm2，222

解得：m

222

7

49997,1或,5或,．2224综上所述，Q点的坐标为【点睛】本题考查了二次函数综合问题，解直角三角形，待定系数法求解析式，二次函数的平移，线段周长问题，特殊三角形问题，熟练掌握二次函数的性质是解题的关键．26.如图，在等边ABC中，ADBC于点D，E为线段AD上一动点（不与A，D重合），连接BE，CE，将CE绕点C顺时针旋转60得到线段CF，连接AF．（1）如图1，求证：CBECAF；（2）如图2，连接BF交AC于点G，连接DG，EF，EF与DG所在直线交于点H，求证：EH

FH；（3）如图3，连接BF交AC于点G，连接DG，EG，将AEG沿AG所在直线翻折至ABC所在平面内，得到APG，将DEG沿DG所在直线翻折至ABC所在平面内，得到DQG，连接PQ，QF．若AB4，直接写出PQQF的最小值．【答案】（1）见解析（2）见解析第23页/共27页（3）32【解析】【分析】（1）根据旋转的性质得出CECF，ECF60，进而证明△BCE≌△ACFSAS，即可得证；（2）过点F作FK∥AD，交DH点的延长线于点K，连接EK，FD，证明四边形四边形EDFK是平行四边形，即可得证；（3）如图所示，延长AP,DQ交于点R，由（2）可知△DCG是等边三角形，根据折叠的性质可得PAGEAG30，QDGEDG30，进而得出ADR是等边三角形，由（2）可得RtCED≌RtCFG，得出四边形GDQF是平行四边形，则QFDC

1

AC2，进而得出PGQ3602AGD120，则2PQ3PG3GQ，当GQ取得最小值时，即GQDR时，PQ取得最小值，即可求解．【小问1详解】证明：∵ABC为等边三角形，∴ACB60，ACBC，∵将CE绕点C顺时针旋转60得到线段CF，∴CECF，ECF60∴ACBECF

∴∠ACB∠ACE∠ECF∠ACE即BCEACF在BCE和△ACF中ECFCBCEACF，BCAC∴△BCE≌△ACFSAS，∴CBECAF；【小问2详解】证明：如图所示，过点F作FK∥AD，交DH点的延长线于点K，连接EK，FD，第24页/共27页∵ABC是等边三角形，∴ABACBC，∵ADBC∴BDCD∴AD垂直平分BC，∴EBEC

又∵BCE≌ACF，∴AFBE,CFCE，∴AFCF,∴F在AC的垂直平分线上，∵ABBC

∴B在AC的垂直平分线上，∴BF垂直平分AC∴ACBF，AGCG∴AGF90又∵DG

1AC21

ACCG，ACD602∴△DCG是等边三角形，∴CGDCDG60∴AGHDGC60

∴KGFAGFAGH906030，又∵ADKADCGDC906030，KF∥AD

第25页/共27页∴HKFADK30∴FKGKGF30，∴FGFK

在RtCED与Rt△CGF中，CFCE

CDCG

∴RtCED≌RtCFG∴GFED∴EDFK

∴四边形EDFK是平行四边形，∴EHHF；【小问3详解】解：依题意，如图所示，延长AP,DQ交于点R，由（2）可知△DCG是等边三角形，∴EDG30

∵将AEG沿AG所在直线翻折至ABC所在平面内，得到APG，将DEG沿DG所在直线翻折至ABC所在平面内，得到DQG，∴PAGEAG30，QDGEDG30∴PAEQDE60，∴ADR是等边三角形，∴QDCADCADQ906030由（2）可得RtCED≌RtCFG∴DEGF，∵DEDQ，∴GFDQ，第26页/共27页∵GBCQDC30，∴GF∥DQ

∴四边形GDQF是平行四边形，∴QFDG

1

AC22由（2）可知G是AC的中点，则GAGD∴GADGDA30∴AGD120∵折叠，AGPDGQAGEDGEAGD120，∴PGQ3602AGD120，又PGGEGQ，∴PQ

3PG3GQ，∴当GQ取得最小值时，即GQDR时，PQ取得最小值，此时如图所示，∴GQ∴PQ

11

GCDC1，223，32．∴PQQF

【点睛】本题考查了等边三角形的性质，旋转的性质，轴对称的性质，勾股定理，平行四边形的性质与判定，全等三角形的性质与判定，熟练掌握以上知识是解题的关键．第27页/共27页